공통수학1행렬과 그 연산수능 기출발전 문제 (3점 후반~4점 초반)

회전닮음변환 넓이

문제

그림과 같이 좌표평면에서 원점 O\mathrm{O}와 점 A(3,0)\mathrm{A} ( 3 , 0 )을 잇는 선분 OA\mathrm{OA}를 반지름으로 하고 중심각의 크기가 π3\displaystyle \frac{\pi}{3}인 부채꼴 OAB\mathrm{OAB}가 있다. 일차변환 ff를 나타내는 행렬이 (64242464)\displaystyle \begin{pmatrix} \frac{\sqrt{6}}{4} & - \frac{\sqrt{2}}{4} \\ \frac{\sqrt{2}}{4} & \frac{\sqrt{6}}{4} \end{pmatrix}일 때, 일차변환 ff에 의하여 부채꼴 OAB\mathrm{OAB}가 옮겨진 도형을 DD라 하자. 도형 DD의 내부와 부채꼴 OAB\mathrm{OAB}의 내부의 공통부분을 나타내는 도형을 E1E _{1}이라 하고, 일차변환 ff에 의하여 도형 E1E _{1}이 옮겨진 도형을 E2E _{2}라 하자. 두 도형 E1,E2E _{1} , E _{2}의 넓이를 각각 S1,S2S _{1} , S _{2}라 할 때, S1+S2S _{1} + S _{2}의 값은? [4점]

38π\displaystyle \frac{3}{8} \pi716π\displaystyle \frac{7}{16} \pi12π\displaystyle \frac{1}{2} \pi916π\displaystyle \frac{9}{16} \pi58π\displaystyle \frac{5}{8} \pi

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해설

(64242464)\displaystyle \begin{pmatrix} {\frac{\sqrt{6}}{4}} & {- \frac{\sqrt{2}}{4}} \\ {\frac{\sqrt{2}}{4}} & {\frac{\sqrt{6}}{4}} \end{pmatrix}=22(32121232)\displaystyle = \frac{\sqrt{2}}{2} \begin{pmatrix} {\frac{\sqrt{3}}{2}} & {- \frac{1}{2}} \\ {\frac{1}{2}} & {\frac{\sqrt{3}}{2}} \end{pmatrix} =(220022)(cosπ6sinπ6sinπ6cosπ6)\displaystyle = \begin{pmatrix} {\frac{\sqrt{2}}{2}} & {0} \\ {0} & {\frac{\sqrt{2}}{2}} \end{pmatrix} \begin{pmatrix} {\cos \frac{\pi}{6}} & {- \sin \frac{\pi}{6}} \\ {\sin \frac{\pi}{6}} & {\cos \frac{\pi}{6}} \end{pmatrix} 이므로 일차변환 ff는 원점을 중심으로 π6\displaystyle \frac{\pi}{6}만큼 회전하는 회전이동과 원점을 닮음의 중심으로 하고 닮음비가 22\displaystyle \frac{\sqrt{2}}{2}인 닮음변환의 합성변환이다. 따라서 도형 E1E _{1}은 다음 그림과 같다.

S1=12(32)2π6=38π\displaystyle S _{1} = \frac{1}{2} \left( \frac{3}{\sqrt{2}} \right) ^{2} \frac{\pi}{6} = \frac{3}{8} \pi 도형 E2E _{2}는 도형 E1E _{1}이 변환 ff에 의해서 옮겨진 것이므로 도형 E2E _{2}의 넓이는 도형 E1E _{1}의 넓이의 (22)2=12\displaystyle \left( \frac{\sqrt{2}}{2} \right) ^{2} = \frac{1}{2}배이다. ∴ S2=316π\displaystyle S _{2} = \frac{3}{16} \piS1+S2S _{1} + S _{2}=916π\displaystyle = \frac{9}{16} \pi [참고] 도형 E2E _{2}는 다음 그림과 같다.

[참고] (abba)\displaystyle \begin{pmatrix} {a} & {- b} \\ {b} & {a} \end{pmatrix}=a2+b2(aa2+b2ba2+b2ba2+b2aa2+b2)\displaystyle = \sqrt{a ^{2} + b ^{2}} \begin{pmatrix} {\frac{a}{\sqrt{a ^{2} + b ^{2}}}} & {- \frac{b}{\sqrt{a ^{2} + b ^{2}}}} \\ {\frac{b}{\sqrt{a ^{2} + b ^{2}}}} & {\frac{a}{\sqrt{a ^{2} + b ^{2}}}} \end{pmatrix} 이고 (aa2+b2)2+(ba2+b2)2=1\displaystyle \left( \frac{a}{\sqrt{a ^{2} + b ^{2}}} \right) ^{2} + \left( \frac{b}{\sqrt{a ^{2} + b ^{2}}} \right) ^{2} = 1이므로 aa2+b2=cosθ\displaystyle \frac{a}{\sqrt{a ^{2} + b ^{2}}} = \cos \theta, ba2+b2=sinθ\displaystyle \frac{b}{\sqrt{a ^{2} + b ^{2}}} = \sin \theta라 하면 (abba)\displaystyle \begin{pmatrix} {a} & {- b} \\ {b} & {a} \end{pmatrix}=(a2+b200a2+b2)\displaystyle = \begin{pmatrix} {\sqrt{a ^{2} + b ^{2}}} & {0} \\ {0} & {{\sqrt{a ^{2} + b ^{2}}}} \end{pmatrix}(cosθsinθsinθcosθ)\displaystyle \begin{pmatrix} {\cos \theta} & {- \sin \theta} \\ {\sin \theta} & {\cos \theta} \end{pmatrix} 이 성립한다. 따라서 (abba)\displaystyle \begin{pmatrix} {a} & {- b} \\ {b} & {a} \end{pmatrix}로 나타내어지는 일차변환은 회전변환과 닮음변환의 합성변환이다.

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